node创建子进程启动应用，怎么发送成功启动应用的信息？

问题描述

我想使用node创建一个子进程用来启动应用，我使用了child_process里面的内置模块spawn，它有有关错误的监听事件，可以捕捉到错误，只有在发生错误的时候才会执行。可是我如何监听这个应用启动成功呢？

相关代码

我写了一个promise来返回相关的信息

const promise = (url)=> {
    return new Promise((resolve, reject) => {
        const res =  spawn("cmd.exe", ['/s','/c', url])
        res.stderr.on('data', function(data) {
            data += data.toString()
            console.log('stderr',data)
            reject ({msg:"open failed",pid:res.pid,code:1});
        });

        res.on('error',(err)=>{
            console.log('res on err')
            reject ({msg:"open failed",pid:res.pid,code:1});
        });

        res.on("exit",(code,signal)=>{
            console.log("子进程退出"+code,signal)
            process.send({msg:"exit success",code:childCode.exit})
        })

        resolve( {msg:"open success",code:childCode.running,pid:res.pid})
    })
}

但是我发现监听事件是异步的，所以每次promise的状态都会变成fulfilled，错误信息无法捕捉到，我应该怎么实现只有正确的时候才去resolve呢，或者有什么更好的方法能返回启动错误或正确的信息呢？