749. 隔离病毒 : 搜索模拟题

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2023年03月25日 16:38 · 阅读数 18

题目描述

这是 LeetCode 上的 749. 隔离病毒 ，难度为困难。

Tag : 「模拟」、「图论搜索」、「BFS」

病毒扩散得很快，现在你的任务是尽可能地通过安装防火墙来隔离病毒。

假设世界由 m×nm \times nm×n 的二维矩阵 isInfected 组成，isInfected[i][j] == 0 表示该区域未感染病毒，而 isInfected[i][j] == 1 表示该区域已感染病毒。可以在任意 222 个相邻单元之间的共享边界上安装一个防火墙（并且只有一个防火墙）。

每天晚上，病毒会从被感染区域向相邻未感染区域扩散，除非被防火墙隔离。现由于资源有限，每天你只能安装一系列防火墙来隔离其中一个被病毒感染的区域（一个区域或连续的一片区域），且该感染区域对未感染区域的威胁最大且保证唯一。

你需要努力使得最后有部分区域不被病毒感染，如果可以成功，那么返回需要使用的防火墙个数; 如果无法实现，则返回在世界被病毒全部感染时已安装的防火墙个数。

示例 1： 749. 隔离病毒 : 搜索模拟题

输入: isInfected = [[0,1,0,0,0,0,0,1],[0,1,0,0,0,0,0,1],[0,0,0,0,0,0,0,1],[0,0,0,0,0,0,0,0]]

输出: 10

解释:一共有两块被病毒感染的区域。
在第一天，添加 5 墙隔离病毒区域的左侧。病毒传播后的状态是:

第二天，在右侧添加 5 个墙来隔离病毒区域。此时病毒已经被完全控制住了。

749. 隔离病毒 : 搜索模拟题示例 2：

输入: isInfected = [[1,1,1],[1,0,1],[1,1,1]]

输出: 4

解释: 虽然只保存了一个小区域，但却有四面墙。
注意，防火墙只建立在两个不同区域的共享边界上。

示例 3:

输入: isInfected = [[1,1,1,0,0,0,0,0,0],[1,0,1,0,1,1,1,1,1],[1,1,1,0,0,0,0,0,0]]

输出: 13

解释: 在隔离右边感染区域后，隔离左边病毒区域只需要 2 个防火墙。

提示:

m== isInfected.lengthm == isInfected.lengthm== isInfected.length
n== isInfected[i].lengthn == isInfected[i].lengthn== isInfected[i].length
1<=m,n<=501 <= m, n <= 501<=m,n<=50
isInfected[i][j] is either 0 or 1
在整个描述的过程中，总有一个相邻的病毒区域，它将在下一轮严格地感染更多未受污染的方块

搜索模拟

根据题意，我们可以按天进行模拟，设计函数 getCnt 用于返回当天会被安装的防火墙数量，在 getCnt 内部我们会进行如下操作：

找出当天「对未感染区域的威胁最大」的区域，并将该区域进行隔离（将 111 设置为 −1-1−1）；
对其他区域，进行步长为 111 的感染操作。

考虑如何实现 getCnt：我们需要以「连通块」为单位进行处理，因此每次的 getCnt 操作，我们先重建一个与矩阵等大的判重数组 vis，对于每个 g[i][j]=1g[i][j] = 1g[i][j]=1 且未被 vis[i][j]vis[i][j]vis[i][j] 标记为 True 的位置进行搜索，搜索过程使用 BFS 实现。

在 BFS 过程中，我们除了统计该连通块所需要的防火墙数量 bbb 以外，还需要额外记录当前连通块中 111 的点集 s1（简称为原集，含义为连通块的格子集合），以及当前连通块相邻的 000 的点集 s2（简称为扩充集，含义为将要被感染的格子集合）。

根据题意，在单次的 getCnt 中，我们需要在所有连通块中取出其 s2 大小最大（对未感染区域的威胁最大）的连通块进行隔离操作，而其余连通块则进行扩充操作。

因此我们可以使用两个变量 max 和 ans 分别记录所有 s2 中的最大值，以及取得最大 s2 所对应连通块所需要的防火墙数量，同时需要使用两个数组 l1 和 l2 分别记录每个连通块对应的「原集」和「扩充集」，方便我们后续进行「隔离」和「感染」。

Java 代码：

class Solution {
    int[][] g;
    int n, m, ans;
    int[][] dirs = new int[][]{{1,0},{-1,0},{0,1},{0,-1}};
    boolean[][] vis;
    int search(int _x, int _y, Set<Integer> s1, Set<Integer> s2) {
        int ans = 0;
        Deque<int[]> d = new ArrayDeque<>();
        vis[_x][_y] = true;
        d.addLast(new int[]{_x, _y});
        s1.add(_x * m + _y);
        while (!d.isEmpty()) {
            int[] info = d.pollFirst();
            int x = info[0], y = info[1];
            for (int[] di : dirs) {
                int nx = x + di[0], ny = y + di[1], loc = nx * m + ny;
                if (nx < 0 || nx >= n || ny < 0 || ny >= m || vis[nx][ny]) continue;
                if (g[nx][ny] == 1) {
                    s1.add(loc);
                    vis[nx][ny] = true;
                    d.addLast(new int[]{nx, ny});
                } else if (g[nx][ny] == 0) {
                    s2.add(loc);
                    ans++;
                }
            }
        }
        return ans;
    }
    int getCnt() {
        vis = new boolean[n][m];
        int max = 0, ans = 0;
        // l1: 每个连通块的点集 s2: 每个连通块的候选感染点集
        List<Set<Integer>> l1 = new ArrayList<>(), l2 = new ArrayList<>();
        for (int i = 0; i < n; i++) {
            for (int j = 0; j < m; j++) {
                if (g[i][j] == 1 && !vis[i][j]) {
                    // s1: 当前连通块的点集 s2: 当前连通块的候选感染点集
                    Set<Integer> s1 = new HashSet<>(), s2 = new HashSet<>();
                    int b = search(i, j, s1, s2), a = s2.size();
                    if (a > max) {
                        max = a; ans = b;
                    }
                    l1.add(s1); l2.add(s2);
                }
            }
        }
        for (int i = 0; i < l2.size(); i++) {
            for (int loc : l2.get(i).size() == max ? l1.get(i) : l2.get(i)) {
                int x = loc / m, y = loc % m;
                g[x][y] = l2.get(i).size() == max ? -1 : 1;
            }
        }
        return ans;
    }
    public int containVirus(int[][] _g) {
        g = _g;
        n = g.length; m = g[0].length;
        while (true) {
            int cnt = getCnt();
            if (cnt == 0) break;
            ans += cnt;
        }
        return ans;
    }
}

TypeScript 代码：

let g: number[][] = null
let n: number = 0, m: number = 0
let vis: boolean[][] = null
const dirs: number[][] = [[1,0],[-1,0],[0,1],[0,-1]]
function dfs(_x: number, _y: number, s1: Set<number>, s2: Set<number>): number {
    let he = 0, ta = 0, ans = 0
    let d: Array<number> = new Array<number>()
    s1.add(_x * m + _y)
    vis[_x][_y] = true
    d[ta++] = _x * m + _y
    while (he < ta) {
        const poll = d[he++]
        const x = Math.floor(poll / m), y = poll % m
        for (const di of dirs) {
            const nx = x + di[0], ny = y + di[1], loc = nx * m + ny
            if (nx < 0 || nx >= n || ny < 0 || ny >= m || vis[nx][ny]) continue
            if (g[nx][ny] == 1) {
                s1.add(loc)
                vis[nx][ny] = true
                d[ta++] = loc
            } else if (g[nx][ny] == 0) {
                s2.add(loc)
                ans++
            }
        }
    }
    return ans
}
function getCnt(): number {
    vis = new Array<Array<boolean>>(n)
    for (let i = 0; i < n; i++) vis[i] = new Array<boolean>(m).fill(false)
    let max = 0, ans = 0
    let l1: Array<Set<number>> = new Array<Set<number>>(), l2: Array<Set<number>> = new Array<Set<number>>()
    for (let i = 0; i < n; i++) {
        for (let j = 0; j < m; j++) {
            if (g[i][j] == 1 && !vis[i][j]) {
                let s1 = new Set<number>(), s2 = new Set<number>()
                const b = dfs(i, j, s1, s2), a = s2.size
                if (a > max) {
                    max = a; ans = b
                }
                l1.push(s1); l2.push(s2)
            }
        }
    }
    for (let i = 0; i < l2.length; i++) {
        for (let loc of l2[i].size == max ? l1[i] : l2[i]) {
            const x = Math.floor(loc / m), y = loc % m
            g[x][y] = l2[i].size == max ? -1 : 1
        }
    }
    return ans
}
function containVirus(_g: number[][]): number {
    g = _g
    n = g.length; m = g[0].length
    let ans: number = 0
    while (true) {
        const cnt = getCnt()
        if (cnt == 0) break
        ans += cnt
    }
    return ans
};

时间复杂度：最多有 n+mn + mn+m 天需要模拟，每天模拟复杂度 O(n×m)O(n \times m)O(n×m)，整体复杂度为 O((n+m)×nm)O((n + m) \times nm)O((n+m)×nm)
空间复杂度：O(nm)O(nm)O(nm)

最后

这是我们「刷穿 LeetCode」系列文章的第 No.749 篇，系列开始于 2021/01/01，截止于起始日 LeetCode 上共有 1916 道题目，部分是有锁题，我们将先把所有不带锁的题目刷完。

在这个系列文章里面，除了讲解解题思路以外，还会尽可能给出最为简洁的代码。如果涉及通解还会相应的代码模板。

为了方便各位同学能够电脑上进行调试和提交代码，我建立了相关的仓库：github.com/SharingSour… 。

在仓库地址里，你可以看到系列文章的题解链接、系列文章的相应代码、LeetCode 原题链接和其他优选题解。